2025—2026学年度第一学期高二第二次月考答案

物 理

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中， 只有一项是符合题目要求的。

二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

【选择题解析】

1．AB．麦克斯韦第一次预言了电磁波的存在，赫兹第一次通过实验验证了电磁波的存在，故A错误，B正确；C．电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故C错误；D．可见光也是一种电磁波，故D错误。

2．A．根据动量定理 ，解得 A正确；B．根据动量定理可知 B错误；C． 图像与时间轴围成的面积表示冲量，根据图像可知前3s内合力的冲量为 C错误；D．根据图像可知前4s内的冲量为 ，根据动量定理可知前4s内动量的变化量大小为 ， D错误。

3．航天员喷出气体后的最小速度为

根据动量守恒定律得 ，解得

4．整个运动过程中，由于墙壁对弹簧有作用力，系统所受合外力不为零，故动量不守恒，子弹射入木块的过程有摩擦生热，系统机械能不守恒。

5．相同时间内，甲摆动5次，乙摆动3次，说明甲乙摆动周期之比为

根据单摆周期公式可知

可得这两个单摆摆长之比

6．A．由安培定则可判断，图中通电直导线的磁场应为逆时针方向，故A错误；由安培定则可判断，图中环形电流中心轴线处磁场竖直向上，故B正确。C．由安培定则可判断，图中通电直导线右侧磁场应向内，左侧磁场应向外，故C错误；D．由安培定则可判断，图中通电螺线管内部的磁场应向右，故D错误。

7．由于三条导线到A点距离相等，且导线中的电流相同，所以三条导线在A处的磁感应强度均为B₀，根据右手螺旋定则可知，B导线在A处的磁感应强度方向沿AC向下，C导线在A处的磁感应强度方向沿AD向右，D导线在A处的磁感应强度方向沿CA向上，所以A点的磁感应强度的大小为B₀，方向沿AD向右。

8．对A、B系统分析，根据动量守恒定律有

该方程在弹簧恢复原长过程每时每刻均成立，则在弹簧恢复原长过程有

，则有

在弹簧恢复原长的过程中，两金属球的相对位移大小为x，则有

解得

9．A．带电粒子仅在电场力作用下的轨迹向下弯曲，可知带电粒子所受的电场力沿电场线切线向下，则带电粒子一定带正电，A错误；B．根据上述，结合图像可知，带电粒子从M点到N点，电场力做正功，电势能减小，动能增大，故粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，粒子在M点的动能小于在N点的动能，B正确；C．电场线分布的疏密程度表示电场强度的大小，由图可知，M点的电场线分布比N点的电场线分布稀疏一些，则M点电场强度小于N点的电场强度，C正确；D．根据 解得 M点处的电场强度较小，粒子在M点所受的电场力也较小，则粒子在M点的加速度小，D错误。

10．A．开关S闭合的瞬间，A产生磁场，C中磁通量增大，产生感应电流，可以使灵敏电流计指针发生偏转，故A符合题意；B．开关S断开的瞬间，A磁场消失，C中磁通量减小，产生感应电流，可以使灵敏电流计指针发生偏转，故D符合题意；C．开关S闭合后，变阻器滑片P向右滑动，A中电流增大，产生的磁场强度变大，C中磁通量增大，产生感应电流，可以使灵敏电流计指针发生偏转，故B符合题意；D．开关S闭合后，变阻器滑片P保持不动，A中电流不变，产生的磁场强度不变，C中磁通量不变，不能产生感应电流，不能使灵敏电流计指针发生偏转，故C不符合题意。

11．当滑动变阻器的滑片P自C向D滑动时，电路中总电阻减小，总电流增大，则电源内部电压增大，外电路电压减小，根据串、并联电路电压特点，L₁、L₂两端电压均减小，L₁、L₂均变暗。

1 2．A．t=1s时，弹簧振子处在位移最大处，弹簧的形变量最大，弹性势能最大，故A正确；B．t=2s时，小球处在平衡位置，小球的速度最大，加速度为零，故B错误；C．1~2s的过程中，小球回到平衡位置，速度方向沿y轴负方向，此过程中，弹簧由伸长状态回到原长，弹力方向沿y轴负方向，加速度沿y轴负方向，速度与加速度方向相同，故C正确；D．根据弹簧振子运动的对称性，如图所示，t=2.5s时和t=3.5s时，小球的位移相同，故D正确。

13．A．木块A、B和小球C组成的系统机械能守恒，但由于竖直方向动量不守恒，水平方向动量守恒，所以系统的总动量不守恒，故A正确；B．C球第一次摆到最低点过程中，A、B、C组成的系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒得 ，由机械能守恒得 解得 ， ，故B错误；C．C球第一次摆到最低点过程中，根据题意有 ， ，所以木块A、B向右移动的距离为 ，故C错误；D．小球C下落到最低点时，A、B将要开始分离，当C向左运动到达最大高度时，A、C共速，则有 ， ，解得 ，故D正确。

三、实验题：本题共2小题，第14题6分，第15题12分，共18分。

14．（1）> （2）B （3）

【解析】

（1）[1]由碰撞原理可知，由于要保证碰撞后A球沿原方向运动，则A球的质量应大于B球，即m₁>m₂。

（2）[2]研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出时小球才做平抛运动，轨道是否光滑无影响，落点不一定重合，复写纸和白纸可移动，故B正确，ACD错误。

（3）[3]小球下落高度相同，则运动时间相同，由动量守恒定律可知，若两球碰撞前后的总动量守恒，则 ，化简可得

15．（1）0.500

（2）×1 7.0

（3）① ②

（4）C

【解析】

（1）测量的合金丝的直径为： 。

（2）[1]选用“×10”倍率的电阻挡测量，发现多用电表指针偏转过大，说明电阻较小，因此需选择“×1”倍率的电阻挡。[2]由图知，测量结果为7.0Ω。

（3）[1]根据比较法知

可知该金属丝的电阻为小电阻，应该采用外接法测量误差小。因电压、电流均几乎从0开始调节，所以滑动变阻器应该采用分压式接法，据此连接出完整电路图；

[2]根据 图像可计算出金属丝电阻为

由电阻定律知 ，得 ，代入得 1.0

（4）根据上述计算结果，可知该金属丝材料最有可能是镍铬合金，选C。

四、计算题：本题共3小题，共38分。

16．（1） ，负号表示方向竖直向上

（2） ，方向竖直向下

【详解】

（1）铁锤从高处落下做自由落体运动，有

解得铁锤碰前的速度为

取向下为正，则撞击时铁锤动量的变化量

解得 ，负号表示方向竖直向上。

（2）对铁锤由动量定理，有 ，解得

由牛顿第三定律可得，铁锤对桩的作用力 ，方向竖直向下。

17．（1）5m/s；（2）

【详解】

（1）物块A下滑，动能定理 ，解得

（2）AB弹性碰撞，动量守恒 ，能量守恒

解得

碰后B匀减速直线运动，由动能定理

得

18．（1） ；（2） ；（3），当 时， ，当 时，

【详解】

（1）小球Q下摆过程，根据动能定理有

小球Q与物体P发生弹性碰撞过程有

，

解得

（2）若物体P恰不从C点滑出，即P运动到C点时与滑板的速度相等，则有

，

解得

（3）若要保证物体P既能到达圆弧BC，同时不会从C点滑出，则（2）中求出的动摩擦因数为最小值，即有

当P恰好能够运动到B点，此时的动摩擦因数为最大值，则有

，

解得

综合上述有

若物体P最终恰好运动至滑板上的A点与滑板保持相对静止，则有

解得

可知，当动摩擦因数小于 时，P最终将从滑板的A点飞出，可知，

当 时有

当 时，P最终在AB之间的某一位置与滑板保持相对静止，则有

，

解得

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